Лемма 1. Единичная сфера S=S 1(O) = { x Î Rn:r(x,O)=1} (O =(0,0,…,0)) является замкнутым ограниченным множеством.
Доказательство. Ограниченность очевидна. Замкнутость следует из того, что функция f (x) = r(x 0 ,x)является непрерывной функцией. Действительно, пусть последовательность { xk }принадлежит единичной сфере r(x 0 ,xk)=1и xk®y. Тогда, переходя к пределу в равенстве r(x 0 ,xk)=1получим r(x 0, y)=1, т. е. y Î S 1.
Рассмотрим квадратичную форму
(Q)
где bkj некоторые постоянные,.
Лемма 2. Если квадратичная форма (Q) пололожительно определена, то
где S – единичная сфера евклидова пространства Rn с центром в начале координат, если квадратичная форма (Q) отрицательно определена, то
Рис. 5.7
Доказательство для первого случая. По второй теореме Вейерштрасса достигается в некоторой точке. Так как квадратичная форма положительно определена, то что и требовалось доказать.
Рассмотрим квадратичную форму
(5.9)
где akj (t) =, xt = x 0 + t D x, D x = x – x 0 ,.
Теорема. Путь функция f (x) определена в окрестности стационарной точки x 0, имеет там непрерывные частные производные второго порядка, тогда, если квадратичная форма (5.9) в точке x 0
|
|
1) положительно определена, то x 0 строгий локальный минимум,
2) отрицательно определена, то x 0 строгий локальный максимум,
3) знакопеременна, то x 0 не является экстремумом
В остальных случаях ничего определенного сказать нельзя.
Доказательство. Для двух точек x 0, x положим h k, тогда h=(h1,…,h n)Î S 1(O)и
f (x) – f (x 0) = d 2 f (x q) = = =.
В случае 1) q (h) = >r> 0, где r = q (h)и поэтому величина f (x) – f (x 0) в достаточно малой проколотой окрестности точки x 0 будет положительной (второе слагаемое в квадратных скобках стремится к нулю, а первое слагаемое отделено от нуля).
Аналогично в случае 2), квадратичная форма q (h) = <s< 0, s = q (h). Поэтому величина приращения функции f (x) – f (x 0) в достаточно малой проколотой окрестности точки x 0 будет отрицательной.
В случае 3)существуют точки x ¢, x ¢¢ такие, что для их приращенийвыполняется. Рассмотрим два луча, выходящие из точки x 0в направлении точек (рис. 5.8).
Рис. 5.8
По этим направлениямкоординаты приращений будут равны
(yt – x 0) k=t D xk ¢¢ иr(x 0 ,xt) =t r(x 0 ,x ¢), r(x 0 ,yt) =t r(x 0 ,x ¢¢). Тогда для приращений функции на первом луче получим выражение
f (xt) – f (x 0) =
Аналогично, для второго направления
f (yt) – f (x 0) =.
Это означает, что по направлению xt будет f (xt) – f (x 0) > 0, т.е. наблюдается минимумв некоторой проколотой окрестности исходной точки, а в направлении yt будет выполнено противоположное неравенство f (yt) – f (x 0) < 0, т.е. имеется максимум.
Пример 1. z = x 2 + y 2 – 12 x + 16 y на всей плоскости. dz = 2 x dx + 2 y dy – 12 dx + 16 dy = (2 x – 12) dx + 2 (y + 8) dy. x = 6, y = -4 – стационарная точка. d 2 z = 2 dx 2 + 2 dy 2– положительно определена. Строгий локальный минимум.
|
|
Пример 2. z = sin x 2 – arctg y 2, (0,0).
dz=,,. Стационарные точки: k= 0,1,2,….
=.
В точке (0,0)экстремума нет. В точках ,k = 2 l, l= 0,1,2,…будет максимум. В точках ,k = 2 l+1, l= 0,1,2,…экстремума нет.
Пример 3. Найти sup, infфункции z = x2 –xy + y2, на множестве |x| + |y| £ 1.
Абсолютный минимум в стационарной точке, начале координат. Максимум равный 1 в вершинах квадрата.
Например, на стороне x+y= 1, z = x2 –x (1 -x) +(1 - x)2 = 3 x 2 - 3 x+ 1.
Часть 6. Теория неявных функция
6.1. Отображение и его матрица
Матрица Якоби, якобиан отображения. Свойства.